本题是一道基本语法题。
在本篇题解中，我们将使用 string 类进行读入，并利用较新的遍历语法来完成编程。
首先读入字符串，我们一个一个读入字符，并添加到字符串的末尾，一直到读到 E 字符为止。
while(cin>>C)
{
if(C=='E')break;
S+=C;
}
其中 while(cin>>C) 这一语法利用了 cin 的特性，当 cin 没能读入到信息的时候，会返回 0，那么循环就会终止。
在本地调试的时候，你可以输入 Ctrl+Z 来使得循环终止。
读入之后，我们可以利用遍历语法寻找所有的字符，并统计分数，我们可以把结算的条件记作：
max(A,B)>Lim，max 表示的是两者中较大的一个数字的数值，其中 Lim 表示的是规则是多少分制。
∣A−B∣≥2，其中 ∣x∣ 是求 x 的绝对值，相当于 C++ 中的 abs(x)，意思可以理解为，去除数字的正负号。
一局游戏能结算，当且仅当两个条件都成立。
那我们可以得到以下代码。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char C;
string S;
int n,A,B;
int main()
{
while(cin>>C)
{
if(C=='E')break;
S+=C;
}
for(char i:S)
{
if(i=='W')A++;
if(i=='L')B++;
if(max(A,B)>=11&&abs(A-B)>=2)
{
cout<<A<<":"<<B<<endl;
A=0,B=0;
}
}
printf("%d:%d\n",A,B);
A=B=0;
puts("");
for(char i:S)
{
if(i=='W')A++;
if(i=='L')B++;
if(max(A,B)>=21&&abs(A-B)>=2)
{
cout<<A<<":"<<B<<endl;
A=0,B=0;
}
}
printf("%d:%d\n",A,B);
return 0;
}
我们发现两次统计做的事情是类似的，关键在于参数 Lim 的不同，如果你会函数语法，我们也可以写一个函数 Work，并且含有参数 Lim，这样代码就更加简短啦！
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
char C;
string S;
int n,A,B;
void Work(int Lim)
{
for(char i:S)
{
if(i=='W')A++;
if(i=='L')B++;
if(max(A,B)>=Lim&&abs(A-B)>=2)
{
cout<<A<<":"<<B<<endl;
A=0,B=0;
}
}
printf("%d:%d\n\n",A,B);
A=B=0;
}
int main()
{
while(cin>>C)
{
if(C=='E')break;
S+=C;
}
Work(11),Work(21);
return 0;
}
我们通常用时间复杂度来判断代码的运行效率，那么这份代码的时间复杂度是 O(n)。
