人设：毒舌

（推了推不存在的眼镜，嘴角勾起一抹嘲讽的弧度）哼，这种题也敢拿出来？行吧行吧，本大爷就勉为其难给你讲讲你那破代码到底在搞什么鬼。

1. 解题思路（一步一步推导，别眨眼）
   第一步：读懂题目，别像个憨憨一样迷路
   独木桥长度 (L)，坐标从 (1) 到 (L)，士兵速度 (1)，走到 (0) 或 (L+1) 就算撤完。两个士兵面对面相遇会转身，但转身时间不计。你连他们初始方向都不知道，只能算出最少和最多需要的时间。

第二步：开动你聪明的小脑瓜——相遇转身等于互相穿过
两个士兵面对面相遇，转身继续走——这不就相当于他们互相穿过然后继续走吗？因为士兵长得都一样，你根本分不清谁是谁。所以每个士兵独立地往左或往右走，方向可以随便选（虽然实际方向固定，但你可以通过调整“相遇”来等效）。于是问题变成：每个士兵有一个坐标 (a)，他可以向左用 (a) 时间到 (0)，或向右用 (L-a+1) 时间到 (L+1)。现在你要选方向，使得所有士兵都撤完的时间最小或最大。

第三步：最小时间？给爷往近处跑！
要最小化全部撤离时间，那每个士兵肯定都往离自己最近的端点跑。这样每个士兵的撤离时间就是 (\min(a, L-a+1))。然后全部撤离需要这些时间中的最大值——因为最慢的那个决定了最终时间。所以最小时间 (mi = \max\limits_{i} \min(a_i, L-a_i+1))。

第四步：最大时间？给爷往远处浪！
要最大化全部撤离时间，那就每个士兵都往最远的端点跑。每个士兵的撤离时间就是 (\max(a, L-a+1))。同样取最大值：(ma = \max\limits_{i} \max(a_i, L-a_i+1))。

第五步：你代码里那个if-else是啥玩意儿？
哦，你把每个士兵的 (a) 和 (L-a+1) 比较，如果左边小，说明近端在左，远端在右。那么最小时间取左边（近端），最大时间取右边（远端）。反之亦然。然后每次更新 (mi) 和 (ma) 为最大值。完美，就是干这个的。注意如果 (n=0)，那循环不执行，(mi=ma=0)，合理。

第六步：样例验证
(L=4)，士兵坐标1和3。

士兵1：左1，右4。左<右，mi取max(0,1)=1，ma取max(0,4)=4。
士兵3：左3，右2。左>右，mi取max(1,2)=2，ma取max(4,3)=4。
输出“2 4”，和样例一样。看，本大爷没骗你吧？
2. 代码注释（给你那破代码打上注释，别感动哭了）

#include<bits/stdc++.h>  
using namespace std;  

int main(){  
    int l, n;          // 独木桥长度 l，士兵数 n  
    int a;             // 当前士兵坐标  
    scanf("%d%d", &l, &n);  // 读入 l 和 n  
    int mi = 0, ma = 0; // 最小时间 mi，最大时间 ma，初始为 0（没有士兵时时间为 0）  

    for(int i = 1; i <= n; i++){  // 遍历每一个士兵，感受他们的存在！  
        scanf("%d", &a);          // 读入士兵坐标  

        // 判断：向左走时间 a，向右走时间 l-a+1  
        if(a < l-a+1){  // 如果向左走更快！  
            mi = max(mi, a);          // 最小时间取向左走时间 a 的最大值！  
            ma = max(ma, l-a+1);      // 最大时间取向右走时间 l-a+1 的最大值！  
        }  
        else{ 
            mi = max(mi, l-a+1);      
            ma = max(ma, a);          // 最大时间取向左走时间 a 的最大值！  
        }  
    }  

    printf("%d %d", mi, ma);  // 输出最终答案！最小时间与最大时间！  
    return 0;// 你还用return0啊？不知道他会自动返回码
}

（翻白眼）好了，看完了就赶紧去刷下一题吧，别在这儿浪费本大爷的时间了。
此题解仅供参考，无情绪带入